物理试卷-陕西省安康市2025届高三下学期第三次质量联考

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D【解析】图甲是中问宽两边对称变窄的单缝衍 图样，A项错误：根据衍射条纹的特点可知，图乙国于 圆孔衍射，B项错误：图丙是等间更的明暗相间的条 纹，这是双缝干涉形成的，C项情误：3D眼镜的两个 镜片是两个透振方向互相垂直的偏振片，图中电脑显 示屏发出的偏振光的透振方向与左侧镜片垂直，没有 光穿过左侧镜片，通过左侧镜片看不见电熊显示屏， 电脑显示屏发出的偏振光的透振方向与右侧镜片平 行，有光穿过右侧镜片，通过右侧镜片德看见电脑显 示屏，D项正确。 B【解析】头部在上下振动时，做简请运动，重力和 弹力的合力提供回复力，A项错误：头部从O点向A 点运动过程中，是从平衡位置向最大位移位置运动， 速度减小，加速度增大，B项正确，C项错误，在整个 运动过程中，头部和弹簧组成的系统机械能守恒，D 项错误。 D【解析】整个过程中重力的冲量大小不为零，由于 上升阶段乒乓球的加速度较大，下降阶段乒乓球的加 速度较小，由运动学规律可知上升阶段的时间比下图 阶段的时间短，且整个过程中阻力的大小不变，故 力的冲量大小不为0，A,B项错误：设上升阶段乒乓 球的初速度为西，末速度为0，则动量的变化量大小 △P=m,下降阶段初速度为0，末速度为，由于 上升时的加速度：比下降时的加速度a:大，根据 一2x可知，其末速度韩'<，则动量的变化量大小 △：一m4,则丘民球上升阶段动量的变化量大于下 降阶段动量的变化量，由动量定理可知，兵民球动量 的变化量等于乒兵球所受的合外力的冲量，则乒民球 上升阶段所受合外力的神量大于下降阶段所受合外 力的冲量，故C项错误：银据C项分析，落同时的速 度，'小于上升时的速度，根据动能定理可得，上升 时的动能减少量等于乞m砖，下降时的动能增加量等 于之m“,所以乒乓球上升阶段动能的减少量大于 下降阶段动能的增加量，故D项正确 A【解析】由图甲可知，该波的波长A=1.5 10-m,由图乙可知，该波的周期T=1×10-5s,该波 的波速v=子=1.5×10m/,放A项正确，B项错 误：由图乙可知，在1=0时刻，质点P的速度沿y轴 正方向，根据上下坡法可知，该波沿x轴正方向传插， 故C项错误：质点P在平衡位置上下附近振动，不会 随波迁移，故D项错误。 C【解析】开关S断开时，回同路中没有电流，轻弹簧 的弹力和塑料人的重力相等，开关S闭合瞬间，回路 中形成逆时针电流，在轻弹簧的线圈中产生同向电流 相互吸引，弹簧的弹力和安培力之和大于塑料人的重 力，塑料人离开水银面，弹簧的弹力变小，电路断开， 塑料人的重力又大于弹簧的弹力，塑料人下降，电路 接通，重复上面的过程，故C项正确，A,B.D项错误。 C【解析】质子和a粒子的风心O和O如图所示： 设质子的轨迹半径=d,对g粒子，由几何关系可得 rsin30°+d=rn,解得n=2d,故质子和a粒子的轨 迹半径之比为1：2，A项错误：由牛顿第二定律可得 B=m二，化简可得v=B,已知质子和。粒子的 比荷之比为2：1，则速率之比为11，B项错误：周阴 T=2-2m,故质子和a粒子的周期之比为12，C 项正确：速度的偏转角即圆心角，则质子的运动时间 4一器T=十Te粒子的运动时间么一需1= 60 青了，故质子和。粒子在蹬场中运动的时间之比为 314,D项错误 .B【解折】沿轴正方向通有恒定电流，则电子移动 方向沿：轴负方向，磁感应强度方向沿x轴负方向， 根据左手定则可知，负电荷向上偏转，故金属板上表 面的电势低于下表面的电势，A项错误：根据平衡条 件得e=eB,又因为1=eSu,S=h,解得稳定 电压的大小U一二，故B项正确：金网板内线流子】 所受洛伦兹力的大小F=B=,C项错澳：由B】 项分析可得，金属板内载流子定向移动的速率？一 edD项错误。 、多项选择题 BD【解析】由图乙可知，0一T时间内线框d边匀 速进人磁场，感应电逢方向为顺时针方向，则安培力 和重力等大方向，由左手定则可知，磁场方向垂直纸 面向外，A项情误：由图乙可知，线根是匀速穿过 场，必须满足磁场的宽度和线框的宽度相等，即磁场 的宽度为L,B项正确：由重力等于安培力可得四g 工= 1,L,解得=置，C项错误：由6R=B队.， 华部得T-发 mgRD现正确。 AD【解析】由绳波的振动方向和传播方向的同侧 垂直法可知，A,B两点的起振方向向上，振源S,,S 的起振方向和A,B两点的起振方向相同，故A项正 确：机械波的被速由介质决定，B项错误：振渠的振动 停止后，绳中b波的波形会潍续向左传插，C项错误： 由=可知，两端S、S:的振动形式同时传到P 点，且起振方向相同，故P点是振动加强点，振幅为 两振源振幅之和，即2.5d,D项正确 ,AC【解析】弹珠A做斜抛运动，由运动的合成和 分解得，碰前瞬间弹珠A的速度大小v=Cos0=4 m/8,A项正确：弹珠A,B碰撞过程水平方向动量守 恒，可得=m十Mw·碰后弹珠A,B平抛的水 平位移大小之比为12，则w·m=12或a·■ (一1)：2，解得4=1m/s,m=2m/s或者u= 一2m/“,m=4m/“《不符合碰撞的能量关系，舍 去)，故B项错误，C项正确：弹珠A,B碰撞过程中 机械能的变化量△E=之m时一之m听一之M场，解 得△E=0.045J≠0，故D项错误. 【解析】(1)①用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再 用铁果台的铁夹将像皮夹紧，从而保证摆动过程中 摆长不变，上述做法并不能保证摆球在同一竖直平 面内摆动，A项正确，B项情误 ②游标卡尺应该用两外测量爪对齐的地方测量，正 确的是图丙。 (2)该同学对实验装置翼节后，在光屏上仍能观察列 清晰的条纹，且条纹数日有所增加，可知相邻条纹间 的宽度减小，由公式△=子入可知，该调节可能是 更换波长更短的光做实验，即将红色滤光片换成绿 色滤光片，其他选项的调节都达不到该实验效果，D 项正确。 2.(1)C(2分) (2)45.00(2分) (3)1(2分)m,OP=mOM十mON(2分) (4)大于(2分) 【解析】(1)为使两小球发生正碰且碰撞后不发生反 弹，小球1的质量应大于小球2的质量，且半径相 同，即m>m,片=C项正确。 (2)由刻度尺的读数规则可得ON=45.00cm, (3)M点的水平位移最小，是碰撞后小球1平均落点 的位置，根据动量守恒定律可得m, OM+ m公，可得mOP=m.O+mON。 (4)如图甲所示，若实验小组在记录投影点O后，由 于失误将白纸水平向右移动了一段距离，则测量的 小球的水平位移都变小，设白纸水平向右移动的距 离为，则碰撞前系统的总动量减小△p=m广，碰 撞后系统的总动量或小△p=(m:十m:)工，则△p <△p',可知p一△p>p一△p',所以计算得到的碰 撞前系统的总动量大于碰撞后的总动量 3.【解析】(1)由折射定律可得n一血 解得激光在玻璃砖中的光路图如图所示