物理试题_2025年普通高中学业水平选择性考试（模拟）

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【详解】A.光电效应现象表明光具有粒子性，故A错误； B.康普顿效应表现为光子与电子碰撞后的波长发生了变化，说明光子除 了能量以外还具有动量，B正确： C.玻尔的原子理论只能解释了氢原子的光谱现象，故C错误： D.爱因斯坦的光子假说认为光的能量是一份一份的，不是连续变化的 2.C【详解】5G使用的电磁波频率更大，传播速度不变，均为光速 C, 根据入=二，则波长更短，根据E=加，可知能量子的能量更大。 3.A 【详解】ABC.未放物体Q时，P处于平衡状态，设斜面倾角O,P质量 m,Q质量为M,P重力沿斜面的分力小于等于最大静摩擦力 mg sin 0≤4 ng cos 0,放上物体Q后， (M+m)g sin≤u(M+m)gcos8,所以整体静止，P所受合力仍为零 D.整体仍平衡，所以P与斜面间的静摩擦力f'=(M+m)gsin0,未放 Q时，P与斜面间的静摩擦力f=mgsn0,所以摩擦力变大，D错误， 4.D 【详解】A.轿厢停在P处，则轿厢相对于地球表面是静止的，即轿厢及 其中的货物随地球同步旋转，则轿厢中的货物所受合力提供货物做圆周 运动的向心力，轿厢中的货物不是平衡状态，故A错误： B.同步空间站位于地球同步轨道上，电视塔与同步空间站具有共同的角 速度，同步空间站轨道高度远高于天津广播电视塔，根据线速度公式 V=or,由于同步空间站的轨道半径更大，则其线速度也更大，B错： C.根据向心加速度公式α=wr,则加速度与轨道半径成正比，即超 级缆绳上各点的加速度与该点到地球球心的距离成正比，故C错误； D,配重空间站的轨道比静止卫星的轨道更高，则其轨道绕转速度小于地 球同步轨道的绕转速度，而此时配重空间站随地球同步旋转，其速度大 于其所在轨道的绕转速度，如果物块从配重空间站脱落，因此会做离心 【详解】将石块的运动看成是沿方向的匀速直线运动和自由落体运动 的合运动.运动合成情况如图所示.图中平行四 边形对角线是合运动位移，依题意其大小为， 两条相邻边s和h则是两个分运动的位移.设运 动时间为t,由运动学公式知：s=ot,h=2 gt2再由几何关系知：scos a=Lcos a,ssin a 十Lsin a=h联立以上四式，消去t,解得 gL ,故B正确：ACD错误；故选B 6.C 【详解】A.根据图甲知正弦交流电的感应电动势的峰值为E=100V, 周期T=0.02s,可得0=2严=2元 T0.02 rad/s=100x(rad/s),故变压器原线圈两 端电压的瞬时值表达式为u=E sinot=100sinl00πt(V),A错 B.图甲中t=2×102s时，电动势为零，此时穿过线圈的磁通量的变化 率为零，故B错误： CD.理想变压器的原副线圈的匝数不变，输入电压U,不变，则电压表 V示数不变。根据U=U,可知副线圈两端的电压U不变，R处温 度升高时，其阻值变小，根据欧姆定律可知，副线圈回路中的电流【2增 大，则定值电阻R两端电压增大，R两端电压减小，即电压表V2示数减 小，故电压表Y示数与V,示数的比值变大。根据子片，可知原线圈电 流I增大，根据：P=U,I,可知变压器的输入功率变大，C对，D错 7.B 【详解】当自由电子受力平衡时有qE=qvB,其中E=(心wUw)/d, 由此可求得电子的速度为：v=(UU)/dB, 设金属块的长为L,电子运动的时间为tLdB/(UwUw), 在t时间内通过的总电量为Q"It=I”LdB/(心Uw), 则总电子个数为N="I”LdB/(U-U)e, 单位体积内参与导电的自由电子数目为： n="N/V="I LdB/(Uw-UN)ehdL="I'B/(U-Ux)eh 8.BD 【详解】AB.该消声器是利用声波的干涉现象，A错，B正确： CD.当由a到b的两条声波传播路程之差为半波长的奇数倍时，b点为 振动减弱点。所以削弱噪声要达到良好效果的条件是：由a到b的两条 声波传播路程之差为(2n+1(n=1,2,3…),故C错误，D正确。 9.ACD 【详解】AB.振动膜向右运动时，电容器两极板间的距离减小，根据 C= ES ,可知，电容增大，由于电容器和电源相连，电容器两极板电 4πkd 压不变，所以电容器的板间电场强度增大，电容器的带电荷量增大，所 以电阻上有从a到b的电流，故A正确，B错误： CD.振动膜向左运动时，电容器两极板间的距离增大，电容减小，由于 电容器两极板电压不变，所以电容器的板间电场强度减小，电容器的带 电荷量减小，故CD正确。 10.BC 【详解】A.对左侧圆槽与小球my-2m=0,mg2R=m+)×2m 解得y= 2 3 2,小球在A点进行分析有N-mg=m+ R 根据牛顿第三定律有N'=N,解得N'=7mg,故A错误： B.小球在左侧槽运动过程由水平方向动量守恒的位移表达式有 m-2m,=0,又有x+=R,解得x=3 小球离开A后，小球与左侧槽均做匀速直线运动，小球到B点时 R+x2 t= ,则AB相距x=yt+Vt,解得x=2R,故B正确： C.假设小球冲上右侧槽没有越过右侧槽的最高点，对小球与右侧槽有 m=(m+2m）%,mgb=方m-×m+2m侧听.结上得=gr<. 可知，假设成立，即小球冲上右圆槽的最大高度为。R,故C正确： D.小球从右侧圆槽回到水平面后，对小球与右侧圆槽有 m=m,+2m,m-m+2m时，解符= 2 2gR 2 3V3 可知y4<,,则小球回到水平面后不能冲上左圆槽，故D错误。 11.(1)D(2)胶管内气体体积 (3)B 【详解】(1)A.探究气体的等温变化，研究对象为注射器内封闭气体， 注射器无需水平放置，只有保证封闭气体的温度、质量不变即可 B.实验中需要保持气体的温度不变，则实验中在推拉柱塞时，不能够用 手握住注射器，避免人体温度引起封闭气体温度的变化，B错误； C.实验中需要保持气体的温度不变，因此在实验时需要缓慢推拉柱塞， 稳定后再读取数据，C错误： D.实验中需要保持所研究气体的质量一定，为了保证封闭气体的气密 性，实验时应在柱塞与注射器壁间涂上润滑油，D正确。 (2)图线不通过坐标原点，根据图像可知，图像中当V等于0时，气体 压强的倒数不等于0，体积测量值V没有包含胶管内气体的体积，可 知，纵截距的绝对值代表胶管内气体的体积： (3)综上，A组同学作出图线对应的函数方程为V=C-人，整理可得