物理试题_安徽省合肥一六八中学2025届高三最后一卷

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【解析】A.因hy=eU-h,所以y,=一eU ，A错误： h B.人射光的波长变大，光子能量减小，不一定发生光电效应，B错误； C.最大初动能等于eU,所以最大初动能之差为e(U2一U,),C正确： D.只增加光照时间，不改变单位时间谧出的光电子情况，所以光电流不变，D错误。故选C。 【答案】C 【解析】A.甲扶梯乘客受3个力，乙扶梯乘客受2个力，A错误； B.由平衡条件，扶梯甲、乙对乘客的作用力大小都等于乘客的重力，方向竖直向上，B错误： C.因扶梯甲上的乘客受力平衡，扶梯对乘客的作用力与乘客的重力等大反向，由牛顿第三定律 可知，扶梯甲上的乘客对甲扶梯的作用力大小等于重力，方向竖直向下，C正确： D.扶梯乙上的乘客受重力和竖直向上的支持力而平衡，所以乘客相对于扶梯没有运动趋势 D错误。故选C。 【答案】B 【解析】A.急动度越大加速度变化越快，乘客越不舒适，A错误； B.图像面积表示加速度变化量，大于1.5m/s,B正确： C.由题意和图像可知，5s末加速度一定大于1,5m/s2,所以5~10s的速度增加量一定大于 7.5m/s,C错误： D.在5~10s内，加速度随时间均匀增加，是变加速运动，D错误。故选【答案】A 【解析】根据开普勒第二定律可知：R=ArA,再由从P点到A点过程中卫星机械能守恒： 2m一 R =之m暖-GM Mm1m 2GM GM ,ra=2a-R:联立解得：=√ ,A正确。（可以采用 GM 特值法，令a=R,可得圆轨道速度为一√R,A正确。)故选A。 【答案】A 【解析】液柱不动时，由平衡条件A、B气体的压强相等。水银柱体积固定，移动时满足SA·△L S·4La,左侧A管的封闭气体由理想气体状态方程P2-2,右侧B管的封闭气体由 312 波义耳定律P,Va物=PV味，联△LB=0.5cm。放选A。 【答案】A 【解析】当物块所加水平外力与运动方向相反时，此时恰好使物块和木板发生相对滑动的外力最 小，此时： a*=F二M+m)g二四mga黄=mgB M 临界条件a=a车，解得到R=号N,A正确。故选A。 【答案】BC 【解析】A,在电场以外的区域运动过程中，A、B球组成的系统只有重力做功，所以机械能守恒，A 正确： B.运动过程中A、B两球角速度始终相等，轻杆对球A始终做功，B错误： C.系统最低点静止时，支持力为3mg,有速度时合力提供向心力且大于零，即支持力大于3g, C错误； D.设再回到最高点时B的速度为，则A的速度为2，从最高点出发到再次回到最高点电= 1 (2w)3 乞m(20)十22md,在最高点由系统牛顿第二定律3mg=m2R +2m反解得ue-号mgR, D正确。故选BC 【答案】BD 【解析】A.设矩形框在外力作用下发生相对滑动的临界值为下，则FmS=mg,F=24mg, A错误： B由电量g=怎，其中=BS,S为棒PQ相对矩形框扫过的面积，大小为L号R。=2R: 通过ad边电量为总电量的一半，B正确； C由动量定理：，一mg4。-2Rdr=m。-0,其中△r-之，得到v-册 B2L* k:再 由系统动量定理Fto=m十u,C错误： D.由全过程动量定理Ft,=2m,再由全过程能量守恒W一mgL。一2Q= 22mf-0.D正确. 故洗BD (3)摆球体积较大会略微延长周期T,进一步导致g的计算值偏小，A错误：实验中仅用摆线长 度计算摆长，会导致摆长测量值偏小。根据公式g=w1,摆长1偏小会直接导致计算出的g值 偏小，B错误：外部振动（如实验台晃动）可能使单摆摆动加快，导致周期T的测量值偏小，从而 g的计算值偏大，C正确：D.摆球不在同一竖直面内运动，而做圆锥摆动，周期变小，重力加速 度测量值偏大，D正确。 (每空2分，共10分) 【答案】(1)b(2)十gh-g 2 (3)m等于 2 7 【解析】(1)在乙图中纵截距代表总电动势，把B电池的a、b端分别与电路中的1、2相连时：电 动势大，所以b端为电池B的正极。 (21图线的截距A=E十E,2图线的截距g=E,-Ea:联立可得E,=告，E。-2. (3)灵敏电流计示数始终为零说明左边E:、R:回路中流过的电流始终等于右侧电流表示数，所 以根据闭合电路欧姆定律：IR=E一1，斜率绝对值rA=四：实验原理中不涉及电表内阻，所 以测量值等于真实值。 (8分)【解析】