物理试题_湖南省长沙市第一中学2025届高三下学期模拟考试（二）

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D【解析】甲中，林点连渐向A点靠近时，税整AB刻线的变化趋势，可认为质床在A点的瞬时递度方向即 为过A点面物良方尚，这是运用了极限法，选项A错误：乙围中，在推导匀变选直线运动的住移公式时，运用了 批充法，海预B特误：丙图中，在观察来面的形变时，运用了放大法，选项C错误：丁图中，一利略在研究自由慧 体造动的规律时，运用了亚辑推理法，选项D正确。故选D )【解析】设两点间的矩离为x,则有：一2a1x=味一项，一2ax=呢一味，又%=主，划有：a,一a4= 2 (UA一W)产，围为物体做减速直线运动，依次经过AB、(2个位置，B是A,C两点连线的中点可知x为正， 所以@>a:,故选B。(也可以用图像法，简防德】 A【解析】因为放出能董，所以Y和Z的能令能更和一定大于X的结合能，A正确。Y原子的动能：E■ 含2,2原子的动能：B一F.客的之比为号，B储误：根据受国斯担质能方程Q一意m,解得：亏损质是 1F △m=号，C错误：由帝堂守有：0=D-Fu,所以：=，D错误。 F C【解析】4越珍然為的半径为R,滑板的领角为0，对滑块进行分婚，移牛第二定律有：mgn=m@: s位格公或有：2Rn0=Z8n0·2,解得：1=2√尽.可知听制r为清诚的倾角0和板的长度均无关，故三 个滑块同时到达可点，故AB错莱，由于下落高度不同，重微功不同，由动能定理可知，三种情况下，滑块到达 底端的动能不同，放违度不同，故C正确，令半形落的经为R,换用动摩擦国数相同的滑板，运动过程中 产生的摩擦热Q=mgcos8·2Rin日-um然魂，即母擦生热不相等，故D错误。故造C。 A【解析】图甲时，选系毓为研究时象量烟N力（重力3mg,地西支持力N,杆的弹力F,地面摩擦力几n有N =3mg,f■uN=F,选a球为所式考？，青F=gtan37T,联立解得4■0.25，故A正确：图乙时，系能大静 降擦力不变，杆对b球的禅力骨门gtan37>了，系统不平街，故B错误：图乙中龄b球向金，皆轻杆与 竖直方向央角为53°时以4两球速度分别为巴和，两小球沿杆方向连度和网，c0然3N≤40%53°，解得 :m=3:4,毯精误：商乙时，h球落地过程，球的递度山零先增大后诚小到套，湘子非方由压力变为拉力， 球对地面压州的小厅系统重力到大于系统重力，不能来出摩擦力所做的功4不张扑算出b球落地时速度大小： 故D错误。故选A。 )【解析】在正点电荷和导体板产生的电场中，导体板上表面处国%均竖直向下，制在整个过程中静电力对 M始终不做功，M在运动过程中的电势能不麦，故A错误像撞外猾块M在运动的整个过程中受重力mg: 支持力N、摩擦力∫和电场力F作用，其中里力、支增》把花得力在整直方向上，三个力平衡，有mg十F■N, 由于平体板表面电场强度从P点正下方到两侧越来格小*则M在运动过程中F变化，N变化，摩擦力∫“N 变化，根据牛顿第二定律可得∫=m,可知M在运动过狂中的加迷度麦化，故B错溪：设碰撞后瓣间绝缘滑块 N的速度大小为，之后微匀减迷运动的加速度大小为。'，根延牛顿第二定律和2mg■2a',由递动学公式得 一2'I一0一，联立解得v■√2g。设瑾撞前眸间M的速度为的，难撞后鳞间M的选度为，取向右为正 方向，根据动量中植定律得mn一m十2mo,根据难撞前后总动能不变，有之m听=合mnd十之×2m,联立 得助=号②吸，=一②级，碰祉前M运动的整个过枢中，滑块M所受摩擦力等子合力，根据动量定理可保--mm一m由B项分桥可如户m:可得地提政M毯动的时闲<佛一√ 9 :,数C错误，设弹撞前 M克质摩藤力所钱的功为W,报据动能定理，有一W=之m时一之m6,解科W=立md-号mR,故D正扇， 9 就法D, ,AD【解折】由短国可知，两是珠表面的重力加述度大小和半径之比都是1：2，由C恤一mg可得M=空 R ,制 两里球的废量之比祝。 上热A点确由P一=，M可得p严，5，故两星球密度相网，此B播桃，南m配 一加员罩得性泳.剩两显取的第一字宙建度大小之此器一是数C储民南一m答，可得一 ·疗 14π ,剥两里球排止卫星的轨流半径之比号一之，又国为两星球的半径之比为1“2，故静北卫星距星球家 面的高度之比也为1：2，故D正确。故选AD BD【解析1A-→B过程中气体温度升高，气体分于的平均动能请加，同时A+B过程压强不变，体积埔大，分于 总数不变，剩单位时间内拉击单位面积器壁的分于数减雪，A误：A+B过程温度升高，气体内能增大U: 网时气朱体增大，气休对外微功为W,根据热力竿第一花辣△U=Q十W,有U■Q一W,则气体吸收的 热量为Q=U十W:,B+C过程强度降任，气林内能减少山2，气体体积不变，W,=0,别气体救出的热量有 Q=△U2,国为A+B过粒和B+C姓橙知态和末态的温度相问，赦A+B过程气体内能增加量U1等于B一 C过程气体内能减少量Um期Q,恩，B正确：C+A过程中休积减小，温度不变，压强懂余：热单位体积内分 于数增加，单位时同内性去单低南椒器壁的分子数增加，C错议：A→B过程中气体屈视不烈P一P,C+A过 程p<PA,故AB过粒中气体的平均压强罪s大于C+A进程中气体的平均庄绥a,曲W=p△V,得Wm> Wa,D正确设选HD, AC【解析】木换在6~5弘时间内由正向最大位移处运动到负向暴：移处，连度先增大后减小，所以动能先 增大后减小，截A正璃：由简谐运动的对格性可知：e一%中A,两：A=2产，放B锋溪：未核静止在平街衡位 里时，所受浮力与重力剂等，即sS,艺一新g求将=宫Sh十，批C正璃木楼操动方程的一版形 文为：yAn+p,济中A=w一9-流g学2a=子代入得：y2m(云+子· 0时，有%-三如景2级，培合国乙可知，木长在0弘时间内运动的路程为：-24-心-吧 -h_2122(h,-h),故D错误，故选AC, 2 4 BC【解析】若粒子从P点出发拾好经原点O到达Q点，运动轨迹可能如圈：示： AY 某静止的原子核发生核反应且释放出能量Q,其核反应方程为：X+Y十Z,并假设释放的能 量全都转化为新核Y和Z的动能，其中Z的速度为，以下结论正确的是 入Y和Z的结合能之和一定大于X的结合能 8Y原子核的动能是z原子核的动能的号倍 CY原子核和乙原车传的质量之和比X原子核的质量大9（为光速） .出原子模的速度大小为气 加图所示，半球形容器内有三块不同长度的滑板A0、B0、C0,其下端都固定于容器底部0 点，上端搁在容器侧瞳上，与水平面间的夹角分别为30°、45°，37”。若三个完全相同的滑块同时 人A、B、C处开始由静止下滑（怎略盥力》，则 武A处滑块最光到达O点 BB处州块最先到达O点 。三种情况下滑块到达0点的速度不相同 D.若换用动摩擦因数相同的拔，运韧过程中产生的摩擦热相等 用长为L的轻杆连接两个球（可视为质点），其质量分别为m和2m,竖直样光滑，水平地 面粗糙.两球与地商向的动摩擦因数相同，当ā球穿在竖直杆上，b球在地面比，轻杆与竖直方 向夹角日=371种街甲所示，此时系统恰好保持静止。现将系统倒置，6球穿在竖直杆上，@球 在地面上，轻杆与竖直方向夹角仍为8，如图乙所示，已知n=0.6,c0s37=0.8,最大静摩 旅力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是 770 甲 a、b球与地面间的动摩擦因数为0.25 图乙时，系统仍保持静止状态 图乙中给b球向下的初速度，当轻杆与竖直方向夹角为53时，4、b两球速度大小之比为4：3 图乙时，给b球轻微扰动使b球下滑，可以求出小球b落地时速度大小