物理试题_湖北省黄冈中学2025届高三第二次模拟考试

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【详解】A,原子弹的能量来源原理是轴核裂变，与太阳的能量来源原理（来自核聚变） 不同，故A错误：B,铀裂变存在临界体积，不能任意缩小体积，故B错误。CD。氢弹的 能量米源于核聚变反应，而非氢气燃烧（化学能），必须在高温下进行，故C错误，D正 确：故选D 2,A 【详解】A,.根据电子所受电场力的方向斜向左下，可得电场方向斜向右上，故A点电势 比B点电势高，由此可知云层带负电，A项正确：B。根据等差等势面的疏密可知，A点 场强比B点场强大，B项错误：C.若电子从A运动到B,电场力方向与运动方向的夹角 为饨角，则电场力做负功，电子在A点动能比在B点动能大，C项错误：D.根据E。= 结合A选项可知电子在A点电势能比在B点电势能小，D项错误：故选A。 3.B 【详解】A。地球绕太阳做匀速圆周运动，万有引力提供向心力G恤=m二→= 哈雷彗星在近日点的曲率半径小于地球半径，因此哈雷彗星在近日点的速度大于地球绕太 阳的公转速度，A错误：B。万有引力提供加速度G咖=加→a= GM 则哈雷彗星的加 速度a与地球的加速度a:比值为4倍，B正确。 C.根据开普勒第二定律可知哈雷彗星绕太阳经过相同的时间扫过的面积相同，根据 S,>S,可知从a运行到b的时间大于从c运行到d的时间，C错误：D,从b运行到c的过 程中万有引力与速度方向的夹角一直为钝角，哈雷彗星速度一直减小，因此动能一直减小， D错误：故选B: 4.D 【详解】A.siC-1-0.67临界角小于45度，A错误；B.新旧照片的像都是虚像，B错误： C。当水槽及夹层都装满水时，人观察到新照片的像在右侧，旧照片的像在左侧，C错误： D. 当水槽装满水，夹层没有水时，人观察到新照片的像在左侧，旧照片的像在右侧，D正 确 5.B 【详解】A.对重物C进行受力分析，重物C受重力、绳的拉力，根据力的合成和分解可 得重物C的重力为Ge=2gcos30'■√5mg所以重物C的质量为me■√5m故A错误： B.由图可知重物C运动的振幅为1cm,故B正确：C,由图可知，重物C在=4s时速度 为0，故C错误：D.由图可知，重物C在一8s时处于最高点，加速度方向竖直向下，故 D错误。故选B. 6.C 【详解】AB。因为绳子的自重会导致绳子在不同位置的拉力不同。靠近固定点的绳子段需 要支撑更多绳子的重力，因此拉力更大，反之拉力更小，故AB错误：C,根据平衡条件 2Tp cos0 mg 可知P点拉力T= mg 当两杆间距d减小时，0减小，cos0增大， 2c0s0 因此P点处所受拉力减小，C正确：D.将绳子的一半作为研究对象，受力分析可知，最 低点的拉力T量：=Tsi8当d减小时，由于T,减小，日减小，因此最低点所受的拉力也会减 小，D错误。故选C. 7.C 【详解】A,将电子的初速度沿x轴及y轴方向分解，沿x方向速度与磁场方向平行，做匀 速直线运动且x=v心0sa叶沿y轴方向，速度与磁场方向垂直，洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，由左手定则可知，磁场方向沿x轴正方向，故A错误：B.根据△r=y,T=2πm,cOsC所以，若仅增大磁感应强度B,则D、△r均减小，故B说法错误： eB C.若仅增大a,则D增大而△x减小，且a=90°时△r=0故C正确：D.若仅减小， 则D、△x皆按比例减小，故D错误。 8.AC 【详解】根据x~t图像的切线斜奉表示速度，可知0一t时间内，列车向正方向做加速直 线运动，加速度方向与速度方向相同，为正方向：~2时间内，列车向正方向做匀速直线， 加速度为零：2一时间内，列车向正方向做减速直线，加速度方向与速度方向相反，为负 方向。故BD错误，AC正确，故选：AC。 9.AC 【详解】解：A甲互感器起降压作用，故为电压互感器，乙互感器起减小电流（升压）作 用，故为电流互感器，故A正确。B.电压互感器原线图两端电压 么-受0=920=20，电流互修器限线圈中的电流4-之1-9104=104， 对于理想变压器，输送功常P=P=U,L3=2200×100W=220000W,故B错误。C.将滑片 Q下移，相当于增加了升压变压器副线圈的匝数m,根据理想变压器的规律U,=U, 升压变压器副线圈两端的电压增大：降压变压器原线圈两端电压U,增大，副线圈两端电压 U,增大，通过负载的电流1，=，当R不变时，1，增大，降压变压器原线圈中的电流 R I,=L,匝数比不变，，增大，输电线上损失功率△P=r增大，故C正确。D.当用户 数增加，负载电阻R减小，若降压变压器副线圈两端电压U,不变，通过副线圈的电流 人，=号增大，原线圈中的电流增大，输电线上的电压损失△U=,增大：原线圈两端电 R 压U,=U,-△U,将减小，根据U。=U,可知，当减小时，减小%，可以使U,不变， 所以要将降压变压器的滑片P上移，故D错误。 故选：AC。 10.BCD 【详解】A.记轻杆上作用力为零时轻杆与竖直方向的夹角为《，轻杆上作用力为零时小球 乙的速度为”，此后甲与挡板分离。小球乙运动至轻杆上作用力为零的过程由动能定理可 3 m此时重力沿杆的分力提供所需要的向心力g©o 、2 c0sa=有，8L故A错误，B正确：CD.轻杆上作用力为零后，小球乙的速度继续 增加，所需要的向心力增大，而其重力沿轻杆的分力在减小，因而轻杆会向两端提供拉力， 物块甲开始离开墙壁，两物体在轻杆方向上有位移，轻杆对小球乙做功 轻杆作用力为零到小球乙落到水平面上前一瞬间，小球乙、物块甲构成的系统水平方向上 动量守恒mvcosa=mv,+3mv2,该过程系统机械能守恒 【详解】(1)[因刻度尺的最小分度值为1mm,读数时应估读到最小分度的。，所以刻 度尺的读数为24.75mm。2]根据胡克定律可得mg=k化-)解得k=m吸 4-0 (2)测得的劲度系数比弹簧的标称值小，可能的原因刻度尺没有竖直放置，测得的弹簧形 变量偏大，因此k值偏小。若g值用的10m/s2,造成弹力数值偏大，因此k值偏大。没有 考虑弹簧的重力不会影响k值测量。 12.(1)最大(2分)(2)4.9/5.05.1都给分(2分)0.9/1.0/1.1都给分(2分) (3)C(2分)偏小(2分) 解析：(1)实验前，应该把电阻箱R的阻值调至最大，使电流表支路电阻最大 (2②》根据闭合电路欧姆定律E=R+R+整理得片吉+护所以 E L=6-v,+2=lA 解得E=5.0V,r=1.02 E25 E (3)把S2闭合于2处，多次调节电阻箱的选择旋钮，同时记录下每次电阻箱的阻值R和 E-U+U(R+r) R 时大学地理直双型方大城 电压表V的示数U,则实验数据应采用电压表示数和R:的阻值，根据闭合电路欧姆定律 轴进行计算。此时忽略了电压表内阻的分流作用，内阻测量值偏小。 13.(1)10:(2)64N 解：(1)要使水火箭发射出去，设需要打气筒打气n次，由题意可知，当水火箭发射瞬间， 其内部气压为p=3P。(1分) 根据玻意耳定律有P(V-)+p'=p(-)(2分) 解得 n-10(1分) (2)第8次打气后，箭体内气体压强为P,根据玻意耳定律有 P(W-)+8P'=PW-)(2分) 解得Ps=2.6P(1分) 分析活塞受力 PS=F+PS(2分) 解得F=64N(1分) 14. 丽②2m(用根号表示也给分)日mg(用根号表示他给分) 解：(1)设小球在极板间运动的加速度为，时间为t,在竖直方向上，根据牛顿第二定律 有79+g=ma1分) 解得a=2g(1分) 根据位移时间公式有d=三t 1 解得1= g (1分)在水平方向上有1.5d=(1分) 解得%丽1分) 4 (2)P运动到N板右侧沿电场线方向的速度V,=! 则根据几何关系有tan