物理
考生注意：
1.本试卷分达择题和非选择题两部分。满分100分，考试时问75分钟
2.答避尊，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔辨密封线内项日填写清楚。
3.考生作答时，请排答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把茶题卡上对应题
日的答案标号涂黑；非选择避请用直径0.5毫来黑色墨水签字笔在答避卡上各避的答题区战内
作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
4.本卷命题范困：必修1，必修2.
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题
目要求的。
1.在安徽南部地区分布着白蜡青瓦，刀笔生姿的民居建筑，是中
国传统民居建筑的一个重要流派，也称徽派民居，如图甲所
示，屋顶结构可简化为如图乙模型，瓦片静止在顿斜橡子上。
修子
若瓦与檬子间的动摩靛因数为以，设最大静摩擦力等于滑动摩
擦力，则檬子与水平面的最大夹角8满足的关系式为
图甲
图乙
A.tand=u
B.cos=
C.cosg=1
D.tano=1
2,2023年7月16日，东航在上海正式接收第二架国产C919大型客机。前期国产大飞机C919商业首
飞成功，在北京首都国际机场，获得象征民航最高礼仪的“水门”仪式迎接如图甲。“过水门”仪式可简
化如图乙物理模型：水平地面上：、方c不同位置的三条水柱斜向上射出，沿三条不同的路径运动最终
落在水平地面同一点，三条路径的最高点是等高的，若忽略空气阻力的影响，下列说法正确的是
图甲
A.沿路径射出的水在空中运动时间最长
B.沿三条路径射出水的初速度竖直分量相等
C.沿三条路径射出水的初速度水平分量相等
D.沿路径4射出的水落地的速率最小
3.如图所示，水平圆盘桌面上放有质量为0.14kg的小铁碗A(可视为质点)，一
tD> 
小孩使圆盘桌面在水平面内由静止开始绕过圆盘中心O的轴转动并逐浙增
大圆盘转动的角速度，直至小铁碗从圆盘的边缘飞出，飞出后经过0.4s落地，
01
落地点距空中飞出点在地面投影点的距离为200©m。若不计空气阻力，该过
程中，摩擦力对小铁碗所做的功为,A【解析】对瓦片进行受力分析，支持力方向垂直斜面向上，摩擦力方向沿斜面向上，当椽子受到静
摩擦力达到最大时，根据受力平衡可得mng sina=amgc0sa,解得tnna=4,只有选项A正确。
B【解析】竖直方向上，因为高度一样，所以初速度的竖直分量一样，运动时间一样，选项A带误，B
正确：水平方向上，由于《水平位移最大，而运动时间一样，所以《的水平速度最大，选项C错误初
速度最大，由于整个过程外力不做功，所以初末速度大小相等，所以落地速度最大，选项D错误。
C【解析】小铁碗飞出后做平抛运动，由平抛运动规律v=三，四=5/s,小铁碗由静止到飞出的过程
中，由动能定理W=交m,摩擦力对小铁碗所做的功W=1,7,只有选项C正确。
D【解析】根据开普物第二定律可知，对同一行星而言，它与中心天体的连线在相等的时间内扫过的
面积相等，选项A错误：又由v=
M
,可知土星的运行速度比地球的小，选项B错误：行星表面的
重力由万有引力提供，行星表面重力加速度g=
,火星和地球的质量以及半径未知，无法比较其
GM
表面重力加速度的数值的大小，选项C错误：T=1年，则Tk=29,5年，由(ww一w)·1=2x,得距
下一次土星冲日所需时问=
2π
一1.04年，选项D正确
团地一
B【解析】对C进行受力分析，设B对C的支持力与竖直方向的夹角为0，根据几何关系可得s8一
R 1
求=立，所以0=30：同理可得A对C的支持力与竖直方向的夹角也为30；原来C处于静止状态
根据平衡条件可得Nsin30°=Nasi30°，令C的加速度为a,根据正交分解以及牛顿第二定律有
N‘期sin30°一N‘Asi30°=ma,可见，A对C的支持力减小，B对C的支持力增大，油桶A与油桶C之
问可能没有弹力作用，选项A.C错误，B正确：根据牛额第二定律可知，A、B,C三油桶受到合力大小
相同，均为，油桶A,B,C所受合力相同均为，选项D错误。
C【解析】由图可知，超级跑车在前8：内的牵引力不变，超级跑车做匀加速直线运动，824s内超级
跑车的牵引力逐渐藏小，则车的加速度逐渐藏小，超级跑车做加速度减小的加速运动，直到车的速度
达到最大值，以后做匀速直线运动，选项A错误：超级跑车的速度达到最大值后牵引力等于阻力，所
以阻力f一4×10N,前8s内超级跑车的牵引力为F一10×10N,由牛顿第二定律F一f一m,可得
a一5m/s,选项B错误；超级跑车在8s末汽车的功率达到最大值，8s末超级跑车的速度一t1一5
×8m/s=40m/s,所以超级电车的最大功率P=F1=10×10×40W=4×10W,选项C正确：超级
跑车在前8s内的位移工，=豆a=2X5X8”m=160m,超级跑车的最大速度为v。=
P=4x10
了4X10m/
4=100m/s,超级跑车在8一24s内的位移设为x,根据动能定理可得P4g一fx:=2mv一立mi,代
人数据可得x:=340m,所以超级跑车的总位移x=x,十x:=160m十340m=500m,送项D错误。
D【解析】滑块向下运动的过程中，根据功能关系得摩擦产生的热量为Q=f△r=gLcos0=3√3
」，送项A错识：滑块从最高点运动到最低点，动能不变，则机械能的减少量即为重力势能的减少量，
所以滑块机械能的减少量为mgL.sn0=30J,选项B结误：背块)滑到弹簧上端具有的动能ngd sin0
一mRdc0=30一，3]，选项C错误：滑块运动过程中，根据能量守恒定律，滑块的重力势能藏小，
转化为内能和弹簧的弹性势能，即ngL sir8=Q+E,·解得弹簧弹性势能的最大值为E,=ngLsind
一mgLc0s=(30一3√5)】，选项D正确。
8.BD【解析】第一宇宙速度是在地面发射人造卫星所需的最小速度，也是圆行近地轨道的环绕速度，
Mmo
GMm
也是圆形轨道上速度的最大值，远项A错误：根据
4π
R
=m农干=m只伏+h),解得组
合体做匀速圆周运动的周期T一2π
(R十h)
AR
一，组合体做匀速圆周运动两周所用的时间为4
(R十》
R
，选项B正确：角速度为仙=
T=R干h√辰十，选项C错误：向心加速度大小为a=m',
2x R
E
R十)，进项D正确.
9.AD
12
【解析】题图甲中，若w一t图像为直线，匀加速运动时平均速度为气m/s一6m/s,由图中曲线可
知物体在0一5s这段时间内平均速度大于6m/s,选项A正确：题图乙中，根据v=2x可知a=2
2又m/:=2.5m/:,即物体的加速度为2.5m/公2，选项B错误：题图丙中，根据△如=a4t可知，阴
25
影面积表示4s一6s时间内物体的遙度变化量，选项C错误：题图丁中，由x一，1十2a可得子-
+20t,由图像可知a=20m/s,选项D正确。
10.ACD【解析】长木板做匀加速运动的加速度大小a=A
=1/s2,选项A正确：根据牛顿第二定
t
律，对长木板F一ang一Ma,解得物块与长木板之间动摩擦因数为a一0.1，选项B带误；前1s内长
木板的位移x,一
×4r-×1m-0.5m,物块的位移x,-”十×，
+1
2
2
2
x1-5
2
×1m一1.5m.所
以长木板最小长度L=,一工，=1m,选项C正确：物块与长木板组成系统损失机械能△E=2m-
号(m十M)2=2,选项D正确.
11.(7分)
(1)CADBE(2分》
(2)0.62(3分)
(3)A(2分)
【解析】(1》按服实验原理，题中五个步骤的先后顺序应该为：CADBE:(2》由于每两个计数点之间
还有四个计时点.则计数点之间的时间间隔为T一5×0.02s-0.1s由逐差法得a-十s二，十
4T
=0.62m/8:(3)图线①的上部弯曲，产生原因是当小车受力F较大时，不满足“钩码的总质量远小于小
车质量”的条件，选项A正确：图线②在轴的截距大于0，产生原因是平衡摩擦力时长木板的倾角过
大，F=D(即不挂钩码)时小车就具有了加速度，选项B结误：图线③在F抽的截距大于0，产生原因是
平衡摩擦力时长木板的倾角过小，只有当F增加到一定值时，小车才获得加速度，选项C错误
12.(10分)
(1)ABD(2分)
（2:-hL(2分
(m2一m1)ghz(2分》
(m,+m:).(h,-h1)f产(2分)
(3)C(2分)
【解析】(1》重，的密度要大，体积要小，可以减小空气阻力，选项A正确：两限位孔在同一竖直线上
和手提纸带上W使纸带竖直，都可以减小纸带与打点计时器间的摩家，选项B,D正确：手始终提着纸
带，纸带就不是落体运动，选项C错误。(2》重锤做匀变速直线运动，某段时问内中问时刻的速度等于
这一段的平均滤度，有。=伍，=伍，一上。在打点计时器打下计时点0和B的过程中，系统
2T
2
重力势能的变化量4B,=(0m:一，gA:,动能的变化量△E,=子m,十：)…么一
.(3)该实险
4
是险证机械能守恒定律的实验，因为我们知道自由落体运动只受重力，机械能就守恒。如果把重物的实
际运动看成自由落棒运动，再运用自由落体的规律求解速度，那么就不需要验证。其中AD三项都是
运用了自由落体的运动规律求解的，只有选项C正确。
13.(10分)
【解】(1)运动员从距地面H=1,8m高处由静止落下
则碰撞前运动员具有的机械能为：mgH=60×10×1.8=1080J(1分)
设运动员与水平地面撞击后反弹上升的最大高度为k,则：mgh=mgH一△E(1分)
△E=330J,代入数值解得：h=1.25m(2分)
(2)设运动员从H高处下落刚接触地面时的速度大小为1：反弹离地时的速度大小为2，由动能
定理和运动学公式
下落过程：mgH一乞mi1分)
代人数值解得：1=6m/s(1分)
上升过程：一mg一0一亏m(1分)
代人数值解得：：=5m/s(1分)
运动员与地面接触时问为△：=2s
设地面对运动员的平均撞击力为F,取向上为正，根据牛顿第二定律
F-mg=ma=m二《二L(1分)
代人数值得F=930N,方向向上(1分)
14.(15分)
【解】(1)对小物块由牛顿第二定律得：mgsi37十mg cos37°=a:(2分》
解得a。=10m/s2(1分)
4< ta37”,则小物块速度与传送带速度相同后会继续诚速再向下加速
有mng sin37°一mgc037°=ma,(2分)
解得a.=2m/s°(1分)
(2)由运动学公式：v2一v。一azt(1分)
得小物块从A点向上运动到与传送带速度相同的时问：1=0.3s(1分)
又，=4t:(1分》
得小物块与传送带同速到速度为0的时间1：=2.5s〔1分)
小物块向上运动的总时间1=t1十1=2,8x《2分)
小物块先向上减速到0后，会反向加速下滑
小物块向上滑行的最远距离为，=士严，+受4,2分)
解得x:=8.2m(1分)