高三第一次阶段性考试物理试题
2023.9.9
注意事项：
1,本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间90分钟。
2.答题前，考生务必将姓名、考生号等个人信息填写在答题卡指定位置。
3,考生作答时，请将答策答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题
卡上对应题目的答案标号涂黑：非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上
各题的答题区城内作答。超出答题区撬书写的答案无效，在试题卷、草稿敏上作答无效。
一，单项选择题（共8题，每题3分，共24分）
1、“嫦娥三号”着陆器和月球车首次使用了P同位素核电池，该电池将放射性同位
素Pu衰变时释放的能量通过温差热电转换器转化为电能，在恶劣的月球环境中支持月
球车低速移动及与地球间不间断通讯。己知Pu半衰期为88年，衰变方程为
Pu→最U+X,Pu、U、X的结合能分别为E1、E2、E,一次衰变释放能量为AE,
下列说法正确的是()
A.温Pu衰变发出的射线是高速核流，能穿透几毫米厚的铝板
B.一次Pu衰变释放的能量AE=E2+E,一E1
C.经过88年，同位素核电池内的恐Pu剩余25%
D.若一静止翠Pu核衰变释放的能量全部转化为登U和X的动能，则Pu动能为
2、孔府是中国传统建筑的杰出代表，采用了瓦片屋顶，屋顶结构可简化为
如图，弧形瓦片静止在两根相互平行的倾斜椽子正中问。己知椽子与水平
面夹角均为8，瓦片质量为m,重力加速度为g,则()
A.每根椽子对瓦片的摩擦力大小为0.5 mgsin0
B.每根橡子对瓦片的支持力大小为0.5 ngcos0
C.橡子对瓦片支持力的合力大小为mg
D.椽子对瓦片作用力的合力大小为mgcos0
3、啤酒是青岛这座城市的“专属味道”，如图是青岛市民喜欢的袋装原浆，某次售卖时，
售货员将℃冰镇原浆倒入密封袋中快速封口，密封袋内有啤酒和少部分空气且不断有气
体从啤酒中析出，静置一段时间后，发现密封袋鼓胀起来。已知
大气压强po=1.0×105Pa,室温为27℃，封闭气体体积从0.2L
增大为0.25L。下列说法正确的是()
A,外界对内部封闭气体做正功
B.静置后内部封闭气体的内能增加
C.静置后内部封闭气体的分子速率都增加
鲜啤
D.根据气体实验定律，可求出静置后内部封闭气体的压强
此时转盘的转速大小为n?=岩即2=云
故C错误：
D、物块刚好与转盘分离时，物块的线速度大小为v2=Lω2sina
从开始运动到转盘对物块的支持力刚好为零过程上，设转盘对物块做的功为W2,对物块
由动能定理，可得W2=mv3联立解得W2=en,
故D错误。
故选：B。
Zcoso
二、多项选择
9、【答案】BD
解：A.由图像可知T=2×102s,角速度为w=
吾，解得：d=100 rrad/s
线圈产生的最大感应电动势为：Em=NSB仙联立解得：B=T,故A错误：
500m
B,若仅将P版下移，由电容的定义式C=可知电容变大，电容的容抗变小，通过滑动变
阻器的电流将增大，故B正确：
C由选项B分析可知，通过滑动变阻器的电流将增大，根据电功率计算公式可知：P=PR,
所以滑动变阻器的功率将增大，而电阻R:两端的电压不变，其功率不变，变压器总输出
功率增大，则a、b两端的输入功率将增大，故C错误：
D.仅将滑动变阻器的阻值增大，定值电阻两端的电压不变，根据电功率计算公式可得：P“=
所以定值电阻功率不变，故D正确。故选：BD,
10、【答案】CD
解：A、滑块B、C、D靠A、B之间的静摩擦力作为动力，当A、B之间的静摩擦力为最
大静摩擦力时，滑块B、C、D有最大加速度，则对滑块B、C、D整体，由牛顿第二定律
有μngcos0-(m+m+3m)gsin 0=(m+m+3m)a1
解得：=gs°-gsin0
5
同理，滑块D靠C、D之间的静摩擦力作为动力，当C、D之间的静摩擦力为最大静摩擦
力时，滑块D有最大加速度，则对滑块D,由牛顿第二定律有：μmgcos0一3 mgsin0=
3ma2解得：2=巴os”-gsin9
3
为了确保四个滑块以相同加速度一起沿着斜面向上
运动，
则共同运动的最大加速度应取a1、a2中的最小值，即amx=a1=“s
5
-sin0
对四个滑块组成单位整体，由牛顿第二定律有Fmax-(3m+m+m+3m)gsin8=
(3m+m+m+3m)amax解得：Fmax=1.6 u mgcos9故A错误：
B、滑块C对D的摩擦力为0.3μngcos0时，对D,由牛顿第二定律有0.3μmgcos0-
3mgsin 0 =3ma
设此时A对B的摩擦力为[aB,对B,C,D,由牛顿第二定律有faB-(m+m+3m)gsin 0=
(mm +3m)a
解得：「aB=0.5μmgcos0故B错误：
C、当拉力F取得最大值时，四个滑块组成的整体获得最大加速度amax,对C、D整体，
由牛顿第二定律有T-(m+3m)gsin9=(m+3m)amx解得：T=0.8μngcos9故C
正确：
D、当拉力F取得最大值时，四个滑块获得最大加速度max,对D,由牛顿第二定律有
fco-3 ngsin日=3mam解得：fco=0.6μmgcos9故D正确。故选：CD。
11、【答案】ACD
解：A、从速度时间图象可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，电场力对物
块做正功，电势能一直减小，故A正确：
B、从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为VA=6m/s,vg=4m/s,根据动能
定理得：qUAB=mv哈-mv听，代入数据解得：UA=-500V,则UA=-UAs=500V,
故B错误：
C、据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由0点沿中垂线指向外测，故由
C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确：
D、带电粒子在B点的加速度最大，为am=然=
At
,m/s2=2m/s2,所受的电场力最
大为Fm=mam=0.1×2N=0.2N,则场强最大值为Em==
2=100N/C,故D
2×10
正确：故选：ACD。
12、【答案】AB
解：AB.若粒子速率为v=L,轨迹半径为r,洛伦兹力提供向心力，由牛
顿第二定律得：qvB=m二解得：【=L粒子运动情况如图所示：
从P点飞出的粒子，轨迹的圆心在N点，该粒子从0点发射时的速度方向
与ON垂直斜向右下，与水平方向成60角。从N点飞出的粒子，轨迹的圆
心在S点，该粒子从0点发射时的速度方向与OS垂直，水平向右，由几何
知识得两粒子发射速度间的夹角0=60°，发射方向在这两个方向之间
的粒子都可从空隙NP“速出”，粒子“逃出”的概率为：和=名由
6
图可知，NP线段上各处都可能有粒子通过，故AB正确：
CD若粒子速率为v=器轨迹半径为r',洛伦兹力提供向心力，由
牛顿第二定律得：qvB=m二则轨迹半径r'=三粒子运动情况如图
所示，粒子轨迹与PN相切时，切点分别为B、D,圆心分别为A、C,两发射速度间的夹